Cho hình lăng trụ $ABCD.A'B'C'D'$có đáy ABCD là...

A

- Hướng dẫn giải

Phương pháp giải:

Sử dụng phương pháp dựng khoảng cách từ chân đường vuông góc dến một mặt phẳng.

Giải chi tiết:

Vì đỉnh$A'$ cách đều các điểm $A,B,D$ nên chóp $A'.ABD$ là chóp tam giác đều.

Gọi H là tâm tam giác đều ABD suy ra $A'H \bot \left( {ABCD} \right)$  

Ta có: $\left\{ \begin{array}{l}BD \bot OH\\BD \bot A'H\left( {A'H \bot \left( {ABCD} \right)} \right)\end{array} \right. \Rightarrow BD \bot \left( {A'HO} \right)$

Trong $\left( {A'HO} \right)$ kẻ $HK \bot A'O$

Có: $\left. \begin{array}{l}HK \bot A'O\\HK \bot BD\left( {BD \bot \left( {A'HO} \right)} \right)\end{array} \right\} \Rightarrow HK \bot \left( {A'BD} \right)$

$\Rightarrow d\left( {H;\left( {A'BD} \right)} \right) = HK$

$\widehat {\left( {AA';\left( {ABCD} \right)} \right)} = \widehat {\left( {AA';HA} \right)} = \widehat {A'AH} = {60^0}$ (Vì $\widehat {A'AH} < {90^0})$

Áp dụng định lý Côsin trong tam giác ABC ta có:

$\begin{array}{l}A{C^2} = A{B^2} + B{C^2} - 2.AB.BC.cos\widehat {ABC} = {a^2} + {a^2} - 2{a^2}\left( { - \frac{1}{2}} \right) = 3{a^2} \Rightarrow AC = a\sqrt 3 \\ \Rightarrow AH = \dfrac{2}{3}AO = \dfrac{2}{3}.\dfrac{1}{2}AC = \dfrac{1}{3}AC = \dfrac{{a\sqrt 3 }}{3}\\\,\,\,\,\,\,OH = \dfrac{1}{2}AH = \dfrac{{a\sqrt 3 }}{6}\end{array}$

Xét tam giác vuông $A'AH$ có: $A'H = AH.\tan {60^0} = \dfrac{{a\sqrt 3 }}{3}\sqrt 3  = a$

Vì $A'H \bot \left( {ABCD} \right)$ nên $A'H \bot HO \Rightarrow \Delta A'HO$ vuông tại H nên:

$\dfrac{1}{{H{K^2}}} = \dfrac{1}{{A'{H^2}}} + \dfrac{1}{{H{O^2}}} = \dfrac{1}{{{a^2}}} + \dfrac{{12}}{{{a^2}}} = \dfrac{{13}}{{{a^2}}} \Rightarrow HK = \dfrac{{a\sqrt {13} }}{{13}}$

Chọn A.